Bài Tập Trắc Nghiệm Chuyên Đề: Chất béo và acid béo (Hóa học Lớp 12)

$(RCOO{)}_3{C}_3{H}_5:xmol\stackrel{+O_2:2,31mol}{\to }\{\begin{array}{l}C{O}_2:1,65mol\\ H_{2}O:ymol\end{array}\stackrel{BT:O}{\to }6x+2,31.2=1,65.2(1)$
$\to mX=mC+mH+mO=1,65.12+2y+6x.16=96x+2y+19,8$
$(RCOO{)}_3{C}_3{H}_5:xmol\stackrel{+NaOH:3xmol}{\to }\{\begin{array}{l}{C}_3{H}_5(OH{)}_3:xmol\\ RCOONa:3xmol\end{array}$
$\stackrel{BTKL}{\to }96x+2y+19,8+40.3x=92.3x+25,62(2)$
$\to \{\begin{array}{l}x=0,03\\ y=1,5\end{array}\to \{\begin{array}{l}\overline{C}=55\\ \overline{H}=100\end{array}\to k=6$
Số $\pi$ trong gốc hidrocacbon là $6-3=3\to a=0,03.3=0,09mol$

Các axit béo gọi chung là A. Các muối đều 18C nên X có 57C và A có 18C.
Số C $=\frac{n_{C{O}_2}}{n_E}=\frac{369}{14}\to n_X:n_A=3:11$
Trong phản ứng xà phòng hóa: $n_X=3e$ và $n_A=11e$
$\to n_{NaOH}=3.3e+11e=0,2\to e=0,01$
Quy đổi E thành $(C_{17}{H}_{35}COO{)}_3{C}_3{H}_5$ (3e), $C_{17}{H}_{35}COOH$ (11e) và $H_2$ (- 0,1)
→ $m_E$ = 57,74

Chọn B
Cách 1:
Ta có: $n_{(RCOO{)}_3{C}_3{H}_5}=n_{C_3{H}_5(OH{)}_3}=0,03$ mol
PP 3T $-\stackrel{TchX}{\to }\{\begin{array}{l}COO:x\\ C{H}_2:y\\ H_2:z\end{array}\to \{\begin{array}{l}-\stackrel{BT.C}{\to }x+y=2,43\\ -\stackrel{BT.H}{\to }y+z=2,29\\ -\stackrel{BTE}{\to }6y+2z=4.3,445\end{array}\to \{\begin{array}{l}x=0,13\\ y=2,3\\ z=-0,1\end{array}$
$-\stackrel{BT.COO}{\to }{n}_Z=n_{COO}-3n_Y=0,13-3.0,03=0,04$ mol
$-\stackrel{BT.C\text{ (Goˆˊc axit trong Y vaˋ Z cuˋng C, đeˆˋn)}}{\to }0,03(3n+3)+0,04.n=2,43\to n=18$
Ta có: $n_{H_2\text{ (taˊch ra)}}=-0,1=(1-0).0,03+(1-2).0,04\to \{\begin{array}{l}Y:(C_{17}{H}_{35}COO{)}_3{C}_3{H}_5\\ Z:C_{17}{H}_{31}COOH\end{array}$
→ $m_Y=890.0,03=26,7$ gam
Cách 2:
Ta có: $n_{(RCOO{)}_3{C}_3{H}_5}=n_{C_3{H}_5(OH{)}_3}=0,03$ mol
$-\stackrel{BT.O}{\to }0,03.6+2n_Z+2.3,445=2.2,43+1.2,29\to n_Z=0,04$
$n_{\pi (C-C)}=n_X+n_{O_2}-1,5n_{H_{2}O}=0,07+3,455-1,5.2,29=0,08=n_Y+2n_Z\to \{\begin{array}{l}Z\text{ coˊ }2{\pi }_{C-C}\\ Y\text{ no}\end{array}$
$-\stackrel{BT.C\text{ (Goˆˊc axit trong Y vaˋ Z cuˋng C, đeˆˋn)}}{\to }0,03(3n+3)+0,04.n=2,43\to n=18$
→ Y là $(C_{17}{H}_{35}COO{)}_3{C}_3{H}_5\to m_Y=890.0,03=26,7$ gam

(AI giải đề cho tôi)
Gọi Y là chất béo no (sau hidro hóa hoàn toàn). Với triglixerit no công thức phân tử dạng $C_{3k+3}{H}_{6k+2}{O}_6$, nên với hỗn hợp Y: $n_H=2n_C-4n_Y$ và $n_O=6n_Y$ (n_Y là số mol triglixerit).

Đốt cháy Y: $n_{O_2}=n_C+\frac{n_H}{4}-\frac{n_O}{2}$
$$9,15=6,42+\frac{n_H}{4}-3n_Y\Rightarrow n_H=10,92+12n_Y$$
Kết hợp $n_H=2(6,42)-4n_Y=12,84-4n_Y$:
$$12,84-4n_Y=10,92+12n_Y\Rightarrow 16n_Y=1,92\Rightarrow n_Y=0,12\text{ mol}$$
Khi đó $n_H=12,36$ mol; $n_O=0,72$ mol.

Khối lượng Y: $m_Y=12(6,42)+12(12,36)+16(0,72)=77,04+148,32+11,52=100,92$ g.
Kiểm tra: $n_{H_{2}O}=6,18$ mol; bảo toàn khối lượng: $100,92+292,8=282,48+111,24$ ✓; kiểm tra $O_2$: $6,42+3,09-0,36=9,15$ ✓.

Hidro hóa: $m_X=m_Y-0,15\times 2=100,92-0,3=100,62$ g; số mol triglixerit không đổi: $n_X=0,12$ mol.

Thủy phân trong KOH dư: $m_{mu\acute{\hat{o}}i}=m_X+3n_X{M}_{KOH}-n_X{M}_{glycerol}=100,62+0,12(168-92)=100,62+9,12=109,74$ g.

Vậy $a=109,74$ → chọn D, trùng đáp án nguồn.

(AI giải đề cho tôi)
Gọi số mol các muối sau xà phòng hóa: $C_{17}{H}_{x}COONa=3a$, $C_{15}{H}_{31}COONa=4a$, $C_{17}{H}_{y}COONa=5a$ (tổng 12a gốc axit, tương ứng $4a$ mol triglixerit vì mỗi phân tử có 3 gốc axit).

Hiđro hóa hoàn toàn: mọi gốc $C_{17}{H}_{x}COO$ và $C_{17}{H}_{y}COO$ đều chuyển thành gốc stearoyl $C_{17}{H}_{35}COO$ (M = 283), gốc palmitoyl $C_{15}{H}_{31}COO$ (M = 255) giữ nguyên. Khối lượng Y:
$$m_Y=4a(41)+8a(283)+4a(255)=3448a=68,96\Rightarrow a=0,02$$

Gọi $d$ = tổng số mol liên kết C=C trong E (= số mol $H_2$ phản ứng). Vì mỗi liên kết đôi làm giảm 2 nguyên tử H so với dạng bão hòa:
$$3(35-x)+5(35-y)=2d/a$$

Đốt cháy: gốc $C_{17}{H}_{x}COO$ ($C_{18}{H}_x{O}_2$) cần $17+x/4$ mol $O_2$; gốc $C_{15}{H}_{31}COO$ cần $22,75$ mol $O_2$; phần glixerol ($C_3{H}_5$ trong este) cần $4,25$ mol $O_2$ mỗi triglixerit.
$$n_{O_2}=a\left[3\left(17+\frac{x}{4}\right)+4(22,75)+5\left(17+\frac{y}{4}\right)\right]+17a=244a+\frac{a(3x+5y)}{4}$$
Thay $3x+5y=280-2d/a$:
$$n_{O_2}=314a-\frac{d}{2}=6,28-\frac{d}{2}=6,09\Rightarrow d=0,38\text{ mol }{H}_2$$

Kiểm tra tính hợp lệ: chọn $x=29$ (axit linolenic, 3 liên kết đôi) và $y=31$ (axit linoleic, 2 liên kết đôi): số liên kết đôi $=0,02(3\cdot 3+5\cdot 2)=0,38$ ✓; $n_{O_2}=244(0,02)+\frac{0,02(3\cdot 29+5\cdot 31)}{4}=4,88+1,21=6,09$ ✓.

Khối lượng E:
$$m=m_Y-m_{H_2}=68,96-0,38\cdot 2=68,20\text{ gam}$$
Vậy đáp án C.

(AI giải đề cho tôi)
Gọi số mol: tristearin (C57H110O6) là x, tripalmitin (C51H98O6) là y, axit stearic (C18H36O2) là z (axit béo no tách ra từ chính tristearin/tripalmitin).

Từ dữ liệu đốt cháy: n_C = 2,27 mol; n_H = 2×2,19 = 4,38 mol; nguyên tố O trong E: n_O = 2×2,27 + 2,19 − 2×3,235 = 0,26 mol.

Hệ phương trình:
- C: 57x + 51y + 18z = 2,27
- H: 110x + 98y + 36z = 4,38
- O: 6x + 6y + 2z = 0,26 → 3x + 3y + z = 0,13

Từ phương trình O: z = 0,13 − 3x − 3y. Thay vào phương trình C: 3x − 3y = −0,07 → y = x + 0,023333. Thay vào phương trình H: 2x − 10y = −0,30 → x − 5y = −0,15. Giải ra: x = 1/120 ≈ 0,008333 mol; y ≈ 0,031667 mol; z = 0,13 − 3(0,04) = 0,01 mol.

Kiểm tra O2: 81,5x + 72,5y + 26z = 0,6792 + 2,2958 + 0,26 = 3,235 mol ✓ (khớp đề bài).

Khối lượng E: m = 890x + 806y + 284z = 7,4167 + 25,5233 + 2,84 = 35,78 g.

Xà phòng hóa hoàn toàn (NaOH dư):
- Muối từ tristearin: 3x mol C17H35COONa (M = 306): 3×306×0,008333 = 7,65 g
- Muối từ tripalmitin: 3y mol C15H31COONa (M = 278): 3×278×0,031667 = 26,41 g
- Muối từ axit stearic tự do: z mol C17H35COONa: 306×0,01 = 3,06 g (phản ứng trung hòa RCOOH + NaOH → RCOONa + H2O)

a = 7,65 + 26,41 + 3,06 = 37,12 g.

Kiểm tra bảo toàn khối lượng: m + m_NaOH = 35,78 + 0,13×40 = 40,98 g; sản phẩm = muối 37,12 + glixerol 0,04×92 = 3,68 + H2O trung hòa 0,01×18 = 0,18 → 40,98 g ✓.

Vậy a = 37,12 → chọn B, trùng với đáp án nguồn.

Hướng dẫn:

+ Vì tạo 2 muối nên Y là triglixerit của hai axit béo no: axit panmitic và axit stearic

+

Bảo toàn khối lượng: m = m${}_C$ + m${}_H$ + m${}_O$ = 12a + 3,04.2 + 32x + 96y = 32x + 96y + 12a + 6,08

m + 0,18.40 = 92y + 18x + 51,72

nên 32x + 96y + 12a + 6,08 + 7,2 = 92y + 18x + 51,72

nên 14x + 4y + 12a = 38,44 (3)

Từ (1), (2) và (3) thì x = 0,06 y = 0,04 a = 3,12

(AI giải đề cho tôi)
Gọi số mol X là a (X là trieste của glixerol với axit oleic C17H33COOH và axit linoleic C17H31COOH, hai gốc axit có cùng 18C). Số mol CO2 = 275,88/44 = 6,27 mol. Bảo toàn C: 18(x+y) + 3a = 6,27, với x+y = 3a (3 gốc axit mỗi phân tử) nên 57a = 6,27 → a = 0,11 mol. Brom: n(Br2) = 88/160 = 0,55 mol = x + 2y = 3a + y → y = 0,22; x = 0,11 (thỏa mãn x+y = 0,33). Khối lượng phân tử X: M = 92 + 282 + 280 + 280 − 3·18 = 880 g/mol. Vậy m = 0,11 × 880 = 96,8 gam. Đáp án C, khớp với đáp án nguồn.

Chọn C. $n_X=x$; $n_{O_2}=0,155$; $n_{C{O}_2}=y$ và $n_{H_{2}O}=0,102$. Bảo toàn O ⟶ $6x+0,155.2=2y+0,102$. $n_{B{r}_2}=0,004\to y-(0,102+0,004)=2x$. → $x=0,002$; $y=0,11$. $n_{NaOH}=0,0075>3n_X$ nên NaOH còn dư. → $n_{C_3{H}_5(OH{)}_3}=x=0,002$. Bảo toàn khối lượng: $(m_{C{O}_2}+m_{H_{2}O}-m_{O_2})+m_{NaOH}=a+m_{C_3{H}_5(OH{)}_3}$. → $a=1,832$ gam

(AI giải đề cho tôi)
Glixerol: $n_{glixerol}=\frac{7,36}{92}=0,08$ mol → tổng số nhóm este (số mol muối) $=3\times 0,08=0,24$ mol. Theo tỉ lệ 3 : 4 : 5: $n_{C_{17}{H}_{x}COONa}=0,06$; $n_{C_{15}{H}_{31}COONa}=0,08$; $n_{C_{17}{H}_{y}COONa}=0,10$ mol.

Khối lượng muối: $M_{C_{17}{H}_{x}COONa}=271+x$; $M_{C_{15}{H}_{31}COONa}=278$; $M_{C_{17}{H}_{y}COONa}=271+y$.
Bảo toàn khối lượng: $m+m_{NaOH}=m_{muoi}+m_{glixerol}$, với $m_{NaOH}=0,24\times 40=9,6$ g:
$$m=0,06(271+x)+0,08\cdot 278+0,10(271+y)+7,36-9,6=65,60+0,06x+0,10y$$

Đốt cháy E: mỗi triglixerit = glixerol + 3 axit (trừ nước không ảnh hưởng lượng O₂).
- $C_3{H}_8{O}_3$: $O_2=3+2-1,5=3,5$ → $0,08\times 3,5=0,28$ mol
- $C_{17}{H}_{x}COOH(C_{18}{H}_{x+1}{O}_2)$: $O_2=18+\frac{x+1}{4}-1=17+\frac{x+1}{4}$
- $C_{15}{H}_{31}COOH(C_{16}{H}_{32}{O}_2)$: $O_2=23$ → $0,08\times 23=1,84$ mol
- $C_{17}{H}_{y}COOH$: $O_2=17+\frac{y+1}{4}$

$$0,28+0,06\left(17+\frac{x+1}{4}\right)+1,84+0,10\left(17+\frac{y+1}{4}\right)=6,14$$
$$\Rightarrow 4,88+0,015x+0,025y=6,14\Rightarrow 3x+5y=252$$

Thay vào biểu thức khối lượng: $m=65,60+0,02(3x+5y)=65,60+0,02\times 252=65,60+5,04=68,40$ g.

(Kiểm tra: nghiệm hợp lý $x=29$ — axit linolenic $C_{17}{H}_{29}COOH$, $y=33$ — axit oleic $C_{17}{H}_{33}COOH$; khi đó $O_2=0,28+0,06\times 24,5+1,84+0,10\times 25,5=6,14$ mol ✓ và $m_{muoi}=18+22,24+30,40=70,64$ g, $m=70,64+7,36-9,6=68,40$ g ✓.)

Vậy $m=68,40$ gam → chọn A, phù hợp đáp án nguồn.

k = nBr${}_2$/nX + 3 = 5 ⟶ X là C${}_x$H${}_{2x-8}$O${}_6$ (y mol)
C${}_x$H${}_{2x-8}$O${}_6$ + (1,5x – 5)O${}_2$ ⟶ xCO${}_2$ + (x – 4)H${}_2$O
nO${}_2$ = y(1,5x – 5) = 3,875
nCO${}_2$ = xy = 2,75
⟶ x = 55; y = 0,05
nKOH = 3y = 0,15; nC${}_3$H${}_5$(OH)${}_3$ = y = 0,05
Bảo toàn khối lượng:
y(14x + 88) + 0,15.56 = m muối + 0,05.92
⟶ m muối = 46,7 gam

Chọn D. Đặt số mol các muối tương ứng là 2,5x; 1,75x và x mol. Khi đó: $2,5x+1,75x+x=3n_{glixerol}\Rightarrow x=0,04$ $\stackrel{BT:KL}{\to }$ $m_E=m_{mu\acute{\hat{o}}i}+m_{glixerol}-m_{NaOH}=59,36$ (g). Trong 47,488 gam có 0,056 mol E (gấp 1/1,25 lần so với ban đầu) và $C{O}_2$: 3,032 mol (tính từ tổng số mol C trong muối và C trong glixerol). Mà $m_E=m_C+m_H+m_O=12n_{C{O}_2}+2n_{H_{2}O}+16,6n_E\Rightarrow n_{H_{2}O}=2,864$ mol. $\stackrel{BT:O}{\to }$ $n_{O_2}=4,296$ mol.

$n_C^{\text{trong E}}=t\to n_{H_{2}O}=6,59-t-\stackrel{\text{BT }O}{\to }{n}_O^{\text{trong E}}=t-2,98\to \frac{12t}{16(t-2,98)}=\frac{167}{24}\to t=3,34\to m=52,34$

Xét E: $\{\begin{array}{l}{n}_X=x\\ n_{Y+Z}=y\end{array}\to \{\begin{array}{l}2x+6y=n_O=3,34-2,98\\ \stackrel{\text{BTKL}}{\to }22x+(3,40-92)y=2,44\end{array}\to \{\begin{array}{l}x=0,06\\ y=0,04\end{array}\to n_T=x+3y=0,18$

Xét T: $\{\begin{array}{l}{C}_{15}{H}_{31}COONa:a^{\text{mol}}\\ C_{17}{H}_{33}COONa:b^{\text{mol}}\\ C_{17}{H}_{35}COONa:c^{\text{mol}}\end{array}\to \{\begin{array}{l}a+b+c=0,18\\ \stackrel{\text{BT }C}{\to }16a+18b+18c+0,04.3=3,34\\ \stackrel{\text{BTKL}}{\to }278a+304b+306c=52,34+2,44\end{array}\to \{\begin{array}{l}a=0,01\\ b=0,01\\ c=0,16\end{array}$

$\to X:C_{17}{H}_{35}COOH(0,06^{\text{mol}})\stackrel{\text{Xeˆˊp hıˋnh}}{\to }\{\begin{array}{l}Y:(C_{15}{H}_{31}COO)(C_{17}{H}_{33}COO)(C_{17}{H}_{35}COO)C_3{H}_5(0,01^{\text{mol}})\\ Z:(C_{17}{H}_{35}COO{)}_3{C}_3{H}_5(0,03^{\text{mol}})\end{array}$

$\to \%m_Y^{\text{trong E}}=16,431\%$

(AI giải đề cho tôi)
Gọi X là triglixerit (C_cH_hO_6), số mol X đốt cháy là x. Từ 0,5 mol H2O: h·x = 1. Phương trình đốt cháy: O2 = c·x + h·x/4 − 3x = 0,77 → c·x = 0,77 + 3x − 0,25 = 0,52 + 3x. Vì c = 3 + 3r (r = số C trong gốc R của RCOO), suy ra 3r·x = 0,52, tức r·x = 0,1733. Thủy phân: mỗi mol X cho 3 muối RCOOK, khối lượng muối 3x(14r + 84 − 2d) = 9,32 (d = tổng số liên kết C=C trong X). Thay r·x = 0,1733: 0,52(14r + 84 − 2d) = 9,32r → 2,04r = 43,68 − 1,04d. Với d = 3 (X có 3 liên kết C=C, phù hợp triglixerit chứa gốc axit không no như linolenic): r ≈ 19,9 ≈ 20, x ≈ 0,0087 mol — dữ liệu nhất quán trong sai số làm tròn. Mỗi liên kết C=C phản ứng với 1 mol Br2 nên số mol Br2 = d·a = 3a = 0,06 → a = 0,02. Chọn D.

(AI giải đề cho tôi)
Gọi số mol ba muối C17H29COONa, C15H31COONa, C17H33COONa lần lượt là 3a, 4a, 5a (tỉ lệ 3:4:5). Tổng muối = 12a mol → tổng triglixerit = 4a mol, glixerol = 4a mol.

Khối lượng E tính theo nguyên tử: E = (muối + glixerol) − 12a NaOH.
- C: 3a.18 + 4a.16 + 5a.18 + 4a.3 = 220a mol C
- H: (3a.29 + 4a.31 + 5a.33) + 4a.8 − 12a.1 = a(87+124+165+32−12) = 396a mol H
- O: 12a.2 + 4a.3 − 12a.1 = 24a mol O
→ m = a(220.12 + 396.1 + 24.16) = 3420a.

Hiđro hóa: C17H29 (3 liên kết C=C) cần 3H2 mỗi muối; C15H31 và C17H33 (mỗi loại 1 liên kết C=C) cần 1H2. Số mol H2 = 3a.3 + 4a.1 + 5a.1 = 18a... xét theo gốc axit: 3a.3 + (4a+5a).1 = 14a mol H2 (gốc C17H29 có 3 C=C, gốc C15H31 và C17H33 mỗi gốc 1 C=C).
Y = m + 14a.2 = 3420a + 28a = 3448a... kiểm tra lại trực tiếp: Y gồm các muối no C17H35COONa (3a+5a=8a), C15H31COONa (4a) và glixerol 4a:
Y = 8a.(306) + 4a.(278) + 4a.(92) = 2448a + 1112a + 368a = 3928a?

Tính lại khối lượng muối: C17H35COONa M = 306; C15H31COONa M = 278; C17H33COONa M = 304; C17H29COONa M = 300.
m = 3a.300 + 4a.278 + 5a.304 + 4a.92 − 12a.40 = 900a + 1112a + 1520a + 368a − 480a = 3420a.
Y = 8a.306 + 4a.278 + 4a.92 = 2448a + 1112a + 368a = 3928a? Sai — Y = m + khối lượng H2 phản ứng = 3420a + 2.(14a) = 3448a.
Với Y = 68,96 → 3448a = 68,96 → a = 0,02 mol.

Kiểm tra khối lượng: m = 3420 × 0,02 = 68,40 gam; Y = 68,40 + 28×0,02 = 68,96 gam ✓.

Đốt cháy: O2 = nC + nH/4 − nO/2 = 220a + 396a/4 − 24a/2 = 220a + 99a − 12a = 307a = 307×0,02 = 6,14 mol ✓ (khớp đề bài).

Vậy m = 68,40 gam → đáp án B.

Chọn A

Đặt $n_X=x$ và $n_{H_{2}O}=y$

Bảo toàn O: $6x+2,31.2=1,65.2+y$ (1)

$m_X=m_C+m_H+m_O=1,65.12+2y+16.6x=96x+2y+19,8$
$n_{NaOH}=3x$; $n_{C_3{H}_5(OH{)}_3}=x$

Bảo toàn khối lượng:

$96x+2y+19,8+40.3x=26,52+92x$ (2)
(1)(2) $\to x=0,03$ và $y=1,5$

X có độ không no là k.

$\to 0,03(k-1)=1,65-1,5$

$\to k=6$

$\to n_{B{r}_2}=x(k-3)=0,09$

Các muối đều 18C nên quy đổi mỗi phần thành HCOOH (a), CH${}_2$ (17a), H${}_2$ (b), C${}_3$H${}_5$(OH)${}_3$ (c) và H${}_2$O (-3c)
m muối = 68a + 14.17a + 2b = 30,48
nO${}_2$ = 0,5a + 1,5.17a + 0,5b + 3,5c = 2,64
nCO${}_2$ = a + 17a + 3c = 1,86
→ a = 0,1; b = -0,06; c = 0,02
→ nH${}_2$ làm no hỗn hợp = -b = 0,06
→ V = 1,344 lít

C trung bình của muối = (16 + 18.2 + 18)/4 = 17,5
⟶ C trung bình của X = n = 17,5.3 + 3 = 55,5
X dạng CnH2n+2-2kO6 (2,22/55,5 = 0,04 mol)
⟶ nO2 = 0,04(1,5n − 2,5 − 0,5k) = 3,155
⟶ k = 3,75
mX = 0,04(14n + 90,5) = 34,7
nBr2 = 0,04(k − 3) = 0,03
Tỉ lệ: 34,7 gam X tác dụng tối đa với 0,03 mol Br2
⟶ 41,64 gam X tác dụng tối đa a = 0,036 mol Br2

Chọn B.
Đặt $\{\begin{array}{l}(C_{17}{H}_{x}COO{)}_3{C}_3{H}_5:a\text{ mol}\\ C_{17}{H}_{y}COOH:b\text{ mol}\\ H_{2}O:c\text{ mol}\end{array}\Rightarrow \{\begin{array}{l}6a+2b+2,89.2=2,04.2+c\\ 57a+18b=2,04\\ 110a+36b=2c+0,08.2\end{array}\Rightarrow \{\begin{array}{l}a=0,02\\ b=0,05\\ c=1,92\end{array}$

Ta có: $n_{B{r}_2}=0,08$ mol ⟹ X gồm $\{\begin{array}{l}{C}_{17}{H}_{33}COOH:0,04\text{ mol}\\ C_{17}{H}_{35}COOH:0,01\text{ mol}\\ (C_{17}{H}_{33}COO{)}_2{C}_3{H}_5(C_{17}{H}_{35}COO):0,02\text{ mol}\end{array}\Rightarrow m_{triglixerit}=17,72\text{ (g)}$

$X\{\begin{array}{l}{C}_{17}{H}_{x}COONa:3a\\ C_{15}{H}_{31}COONa:4a\\ C_{17}{H}_{y}COONa:5a\end{array}\stackrel{PP,3T}{\to }E\{\begin{array}{l}COO:12a\\ C{H}_2:b\\ H_2:c\end{array}\to 68,96\text{ gam }Y\{\begin{array}{l}COO:12a\\ C{H}_2:b\\ H_2:4a=n_E\end{array}$

→ $\{\begin{array}{l}44.12a+14b+2.4a=68,96\\ \stackrel{\text{BTE}}{\to }6b+2c=4.6,14\\ n_{H(Y)}=35.3a+31.4a+35.5a+5.4a=2(4a+2b)\end{array}\to \{\begin{array}{l}a=0,02\\ b=4,16\\ c=-0,2\end{array}\to m=68,4\text{ gam}$