Bài Tập Trắc Nghiệm Chuyên Đề: Peptide (Hóa học Lớp 12)

Định hướng tư duy giải:
• $n_D:n_E=11:35\to \{\begin{array}{l}5X+5Y+Z=46k\\ X+Y+Z=14\end{array}\to k=1\to \{\begin{array}{l}D=117(Val):0,11^{mol}\\ E=89(Ala):0,35^{mol}\end{array}$
• $$\to \{\begin{array}{l}{n}_X=n_Y=0,05^{mol}\\ n_Z=0,01^{mol}\end{array}\stackrel{X\acute{\hat{e}}ph\grave{ı}nh}{\to }\{\begin{array}{l}X,Y:Val(Ala{)}_3\\ Z:Val(Ala{)}_5\end{array}\to \%m_Z=12,51\%$$
(Kết quả 12,51\% gần nhất với 12\%, ứng với phương án C.)

Định hướng tư duy giải:
• $\{\begin{array}{l}\text{X}:x^{\text{mol}}\\ \text{Y}:y^{\text{mol}}\end{array}\to \{\begin{array}{l}40(4x+5y)-18(x+y)=15,8\\ 2x+2,5y=0,22\end{array}\to \{\begin{array}{l}x=0,06\\ y=0,04\end{array}$
• Dồn chất
$\to \{\begin{array}{l}{\text{C}}_2{\text{H}}_3\text{NO}:0,44^{\text{mol}}\\ \text{NaOH}:0,44^{\text{mol}}\\ {\text{CH}}_2\end{array}\stackrel{\underline{\text{m}=56,04}}{\to }{\text{n}}_{{\text{CH}}_2}=0,18^{\text{mol}}={\text{n}}_{\text{Ala}}\stackrel{\underline{\text{Xep hinh}}}{\to }\{\begin{array}{l}\text{X}:(\text{Gly}{)}_3\text{Ala}\\ \text{Y}:(\text{Gly}{)}_2(\text{Ala}{)}_3\end{array}\to \%{\text{m}}_{\text{Y}}=46,94\%$

Định hướng tư duy giải
• Dồn chất: A $\{\begin{array}{l}{\mathrm{C}}_2{\mathrm{H}}_3\mathrm{NO}:{\mathrm{a}}^{\mathrm{mol}}\\ \mathrm{C}{\mathrm{H}}_2:{\mathrm{b}}^{\mathrm{mol}}\\ {\mathrm{H}}_2\mathrm{O}:{\mathrm{c}}^{\mathrm{mol}}\end{array}\to \{\begin{array}{l}57\mathrm{a}+14\mathrm{b}+18\mathrm{c}=13,68\\ 2,25\mathrm{a}+1,5\mathrm{b}=0,64125\\ -\underline{\mathrm{B}{\mathrm{T}}_{\mathrm{N}}}\to \mathrm{a}=0,18\end{array}\to \{\begin{array}{l}\mathrm{a}=0,18\\ \mathrm{b}=0,1575\\ \mathrm{c}=0,0675\end{array}$
$-\underline{\mathrm{BTKL}}\to {\mathrm{m}}_{\mathrm{muoi}}=22,545$ gam $\to {\mathrm{n}}_{\mathrm{GlyK}}=0,0675^{\mathrm{mol}}$
• $\{\begin{array}{l}\mathrm{AlaK}:{\mathrm{x}}^{\mathrm{mol}}\\ \mathrm{ValK}:{\mathrm{y}}^{\mathrm{mol}}\end{array}\to \{\begin{array}{l}-\underline{\mathrm{B}{\mathrm{T}}_{\mathrm{N}}}\to \mathrm{x}+\mathrm{y}+0,0675=0,18\\ -\underline{\mathrm{B}{\mathrm{T}}_{\mathrm{C}}}\to 3\mathrm{x}+5\mathrm{y}+0,0675.2=0,5175\end{array}\to \{\begin{array}{l}\mathrm{x}=0,09\\ \mathrm{y}=0,0225\end{array}\to \%{\mathrm{m}}_{\mathrm{AlaK}}=50,7\%$
(Thừa đủ kiện)

Định hướng tư duy giải
• $\{\begin{array}{l}\text{GlyNa}:x^{\text{mol}}\\ \text{AlaNa}:y^{\text{mol}}\end{array}\to \{\begin{array}{l}x+y=0,35.2\\ 2,25x+3,75y=2,22\end{array}\to \{\begin{array}{l}x=0,27\\ y=0,43\end{array}\to \{\begin{array}{l}{m}_{\text{muoi}}=73,92\\ n_{\text{NaOH}}=0,7^{\text{mol}}\end{array}\stackrel{\text{BTKL}}{\to }{n}_{H_{2}O}=0,21$
• $\{\begin{array}{l}X:N{H}_{2}CH(C{H}_3)COO{C}_2{H}_5:0,3^{\text{mol}}\to {\overline{N}}_{Y,Z}=1,9\to (I)\\ X:N{H}_{2}C{H}_{2}COO{C}_3{H}_7:0,23^{\text{mol}}\stackrel{\text{Ven h + Xep hinh}}{\to }\{\begin{array}{l}Y:(Ala{)}_2:0,2^{\text{mol}}\\ Z:(Gly{)}_4(Ala{)}_3:0,01^{\text{mol}}\end{array}\to \%m_Z=7,23\%\end{array}$

Định hướng tư duy giải

• Dồn chất: $B\{\begin{array}{l}{C}_2{H}_{3}NO:0,26^{mol}\\ C{H}_2:x^{mol}\\ NaOH:0,26^{mol}\end{array}-\stackrel{BTKL}{\to }x=0,12^{mol}\to A\{\begin{array}{l}{C}_2{H}_{3}NO:0,26^{mol}\\ C{H}_2:0,12^{mol}\\ H_{2}O:0,05^{mol}\end{array}\to \{\begin{array}{l}X:0,04^{mol}\\ Y:0,01^{mol}\end{array}$

• $\{\begin{array}{l}Ala:0,12^{mol}\\ Gly:0,14^{mol}\end{array}-\stackrel{X\acute{\hat{e}}ph\grave{ı}nh}{\to }\{\begin{array}{l}X:(Ala{)}_2(Gly{)}_3\\ Y:(Ala{)}_4(Gly{)}_2\end{array}\to \%m_Y=23,91\%$

Định hướng tư duy giải:
• $\{\begin{array}{l}{n}_1+n_2+n_3=15\\ 4n_1+3n_2+2n_3=\frac{0,94}{a}=94k\end{array}\to \{\begin{array}{l}k=0,5\\ a=0,02\end{array}$
• $M\{\begin{array}{l}{C}_2{H}_{3}NO:0,94^{mol}\\ H_{2}O:0,18^{mol}\\ C{H}_2:1,52^{mol}\end{array}\to \{\begin{array}{l}{m}_{muoi}=112,46\text{ gam}\\ n_{O_2}=4,395\end{array}\to y=112,46.\frac{1,465}{4,395}=37,49\text{ gam}$

Định hướng tư duy giải:

Ta có: $n_{KOH}=\frac{73,44-49,12}{38}=0,64$ $—\stackrel{\text{Đơn chaˆˊt}}{\to }$ $n_C=1,36$ $—\stackrel{\text{Đơn chaˆˊt}}{\to }$ $n_E=0,2$ — → $\{\begin{array}{l}\overline{C}=6,7\\ \overline{N}=3,2\end{array}$

(Lời giải trong nguồn bị cắt ở đây; đáp án được đánh dấu: A. 73,39%)

Định hướng tư duy giải:
$E\{\begin{array}{l}{C}_2{H}_{3}NO:x\text{mol}\\ C{H}_2:y\text{mol}\\ H_{2}O:z\text{mol}\\ O_2:t\text{mol}\end{array}\to \{\begin{array}{l}57x+14y+18z+32t=134,16\\ 2x+y-2t-0,5(x+t)=2,58\\ 1,5x+y+0,5(x+t)-3t=2,8\\ 2,25x+1,5y=t+7,17\end{array}\to \{\begin{array}{l}x=0,44\\ y=4,92\\ z=0,1\\ t=1,2\end{array}$
• Đơn chất:
• $\stackrel{L\grave{a}mtrơi}{\to }$ T: CH₃COOC₂H₅ : 1,2 mol $\stackrel{\overline{N}=4,4}{\to }$ Z: (Gly)₄Ala → Y: Gly-Val → X: Gly-Ala
$\to \{\begin{array}{l}X:0,01\text{mol}\\ Y:0,01\text{mol}\\ Z:0,08\text{mol}\end{array}\to \%m_Y=1,30\%$

Định hướng tư duy giải

$-\stackrel{BTKL}{\to }19,32+0,855.32=42,76+28n_{N_2}\to n_{N_2}=0,14$

Ta có: $42,76\{\begin{array}{l}C{O}_2:a\\ H_{2}O:b\end{array}\to \{\begin{array}{l}44a+18b=42,76\\ \stackrel{NAP\_332}{\to }3a-3.0,14=2.0,855\end{array}\to \{\begin{array}{l}a=0,71\\ b=0,64\end{array}$

$\to n_X=0,07\to \overline{C}=10,14\to \{\begin{array}{l}{C}_9:0,03\\ C_{11}:0,04\end{array}$

Dồn chất

$\overline{\text{mat xich}}=4,0\to \{\begin{array}{l}Gl{y}_{3}Ala:0,03\to 40,37\%\\ Gly-Va{l}_3:0,04\end{array}$

Và

Định hướng tư duy giải:
→ M$\{\begin{array}{l}{\mathrm{C}}_2{\mathrm{H}}_3\mathrm{NO}:0,075\mathrm{mol}\\ \mathrm{C}{\mathrm{H}}_2:x\mathrm{mol}\\ {\mathrm{H}}_2\mathrm{O}:0,03\mathrm{mol}\end{array}$ → $\{\begin{array}{l}{n}_{\mathrm{C}{\mathrm{O}}_2}^Q=x+0,1125\\ n_{{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}}^Q=x+0,15\end{array}$ → x = 0,09 → m = 6,075
• Đơn chất

Định hướng tư duy giải:
$$M\{\begin{array}{l}{C}_2{H}_{3}NO:x^{mol}\\ C{H}_2:y^{mol}\\ H_{2}O:0,07^{mol}\end{array}\to \{\begin{array}{l}2,25x+1,5y=0,6825\\ 0,7-0,6825+1,5x+y+0,5x+2,8=3,3775\\ O_{2}C{O}_2{N}_2\end{array}\to \{\begin{array}{l}x=0,21\\ y=0,14\end{array}$$
• Đơn chất:
→ m = 15,19 gam

Trên trang 5, phương án D của Câu 37 được in đậm màu đỏ – đáp án được đánh dấu đúng trong bản gốc. Phần đầu đề bài của Câu 37 (gồm phát biểu A và nội dung đề) không nằm trong các trang được cung cấp.

Định hướng tư duy giải
• Dồn chất:
E { C₂H₃NO : x${}^{mol}$ ; CH₂ : y${}^{mol}$ ; H₂O : z${}^{mol}$ } → { 2,25x + 1,5y = 0,99 ; 0,5x = 0,11 ; 44(2x + y) + 18(1,5x + y + z) = 46,48 } → { x = 0,22 ; y = 0,33 ; z = 0,04 } → { X : 0,01 ; Y : 0,03 }
• $\stackrel{BTN+C}{\to }$ Gly = Val = 0,11${}^{mol}$ $\stackrel{X\acute{\hat{e}}ph\grave{ı}nh}{\to }$ { X : (Gly)₂(Val)₂ ; Y : (Gly)₃(Val)₃ } → m_X = 3,3 gam

biến đổi M về 1 peptit mạch dài: $1X+3Y\to 1Z+3H_{2}O$.

Lại có: thủy phân Z cho 1,08 mol Gly + 0,48 mol Ala. Tỉ lệ $n_{gly}÷n_{ala}=9÷4$.

$\sum$liên kết peptit = 5 nên tối đa α-amino axit cần để tạo Z là $1\times (1+1)+3\times (4+1)=17$.

$\parallel \to$ tạo 1 mol Z là từ 9 mol Gly + 4Ala – 12H₂O (nếu 18 + 6 thì > 17 rồi).

Kết hợp lại: $1X+3Y\to 9Gly+4Ala-9H_{2}O\parallel \to n_{H2O}=1,08$ mol

$\parallel \to$ BTKL có $m_M=m_X+m_Y=81+42,72-1,08\times 18=104,28$ gam.

(AI giải đề cho tôi)
Gọi số mol tripeptit Ala-Gly-X là a, tetrapeptit Gly-Gly-Ala-X là b; X = C${}_n$H${}_{2n+1}$NO${}_2$ (α-aminoaxit). Công thức phân tử: tripeptit C${}_{n+5}$H${}_{2n+9}$N${}_2$O${}_2$; tetrapeptit C${}_{n+7}$H${}_{2n+12}$N${}_3$O${}_2$.

$n_{C{O}_2}=65,632/22,4=2,93$ mol; $n_{H_{2}O}=48,69/18=2,705$ mol.

Hệ phương trình (a+b=0,29):
- C: $a(n+5)+b(n+7)=2,93$
- H: $a(2n+9)/2+b(2n+12)/2=2,705$

Giải hệ được $n=4$, $a=0,13$; $b=0,16$ mol. Vậy X là axit 2-aminobutanoic C${}_4$H${}_9$NO${}_2$ (M=103).

Thủy phân 1/10 lượng A (a=0,013; b=0,016) bằng KOH dư, các muối khan tạo thành:
- Muối glyxin (H${}_2$NCH${}_2$COOK, M=113): từ tripeptit 0,013 mol + từ tetrapeptit 2×0,016 = 0,032 mol → tổng 0,045 mol → khối lượng 0,045×113 = 5,085 g.
- Muối X (M = 103−1+39 = 141): 0,013+0,016 = 0,029 mol → 0,029×141 = 4,089 g.

Tổng khối lượng muối glyxin và muối X = 5,085 + 4,089 = 9,174 g. (Muối alanin bị loại trừ khỏi tổng cần tính.) Khớp đáp án B.

$$\{\begin{array}{l}{n}_{G-A-G-V}=a\\ n_{G-A}=0,2\\ n_{G-V}=0,3\\ n_A=0,3\end{array}\{\begin{array}{l}{n}_G=b\\ n_V=c\end{array}\{\begin{array}{l}-\text{BT nhoˊm G}\to 2a=0,2+0,3+b\\ -\text{BT nhoˊm A}\to a=0,2+0,3=0,5\\ -\text{BT nhoˊm V}\to a=0,3+c\end{array}\to \{\begin{array}{l}\text{Gly}:b=0,5\\ \text{Val}:c=0,2\end{array}$$

→ m = 0,5.75 + 0,2.117 = 60,9 (gam)

Chọn D
Gly-Na : x 97x + 111y = 76,25 (1)
Ala-Na : y

GlyHCl : x 111,5x + 122,5y = 87,125 (2)
AlaHCl : y
Từ (1) và (2) suy ra : x = 0,5 ; y = 0,25

X: Gly${}_a$Ala${}_{3-a}$ n${}_X$ + n${}_Y$ = 0,2 n${}_X$ = 0,05
Y : Gly${}_b$Ala${}_{4-b}$ 3n${}_X$ + 4n${}_Y$ = 0,75 n${}_Y$ = 0,15

BTGly : 0,05a + 0,15b = 0,5 => a + 3b = 10 suy ra : a = 1 ; b = 3
X là GlyAla${}_2$
Y là Gly${}_3$Ala

\%m${}_X$ = $\frac{0,05.217}{0,05.217+0,15.260}$ x 100\% = 21,7653\%

Đặt n_X = 2a ⇒ n_Y = a; n_Z = a ⇒ Σn_a.a = 2×2a + 3×a + 4×a = 0,25 + 0,2 + 0,1.

⇒ a = 0,05 mol ⇒ Σn_peptit = 4a = 0,2 mol. Quy E về C₂H₃NO, CH₂ và H₂O.

⇒ n_C2H3NO = 0,55 mol; n_CH2 = 0,2 + 0,1×3 = 0,5 mol; n_H2O = 0,2 mol.

+ Đốt E thu được n_CO2 = (0,55 × 2 + 0,5) = 1,6 và n_H2O = (0,55×1,5 + 0,5 + 0,2) = 1,525

⇒ Σm_(CO2 + H2O) = 97,85 gam ⇒ TN₁ gấp 2,5 lần TN₂.

⇒ m = (0,55 × 57 + 0,5 × 14 + 0,2 × 18) ÷ 2,5 = 16,78 gam